Rank of Tetris

Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)

Total Submission(s): 12344 Accepted Submission(s): 3497

Problem Description

自从Lele开发了Rating系统，他的Tetris事业更是如虎添翼，不久他遍把这个游戏推向了全球。

为了更好的符合那些爱好者的喜好，Lele又想了一个新点子：他将制作一个全球Tetris高手排行榜，定时更新，名堂要比福布斯富豪榜还响。关于如何排名，这个不用说都知道是根据Rating从高到低来排，如果两个人具有相同的Rating，那就按这几个人的RP从高到低来排。

终于，Lele要开始行动了，对N个人进行排名。为了方便起见，每个人都已经被编号，分别从0到N-1,并且编号越大，RP就越高。

同时Lele从狗仔队里取得一些（M个）关于Rating的信息。这些信息可能有三种情况，分别是"A > B","A = B","A < B"，分别表示A的Rating高于B,等于B,小于B。

现在Lele并不是让你来帮他制作这个高手榜，他只是想知道，根据这些信息是否能够确定出这个高手榜，是的话就输出"OK"。否则就请你判断出错的原因，到底是因为信息不完全（输出"UNCERTAIN"），还是因为这些信息中包含冲突（输出"CONFLICT"）。

注意，如果信息中同时包含冲突且信息不完全，就输出"CONFLICT"。

Input

本题目包含多组测试，请处理到文件结束。

每组测试第一行包含两个整数N,M(0<=N<=10000,0<=M<=20000),分别表示要排名的人数以及得到的关系数。

接下来有M行，分别表示这些关系

Output

对于每组测试，在一行里按题目要求输出

Sample Input

3 3 0 > 1 1 < 2 0 > 2 4 4 1 = 2 1 > 3 2 > 0 0 > 1 3 3 1 > 0 1 > 2 2 < 1

Sample Output

OK CONFLICT UNCERTAIN

Author

linle

Source

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分析：

如果直接拓扑的话，等号的情况很麻烦

一.采用并查集处理=号的情况

把具有等号关系的点聚合成为一个连通分量，且只用该连通分量的根结点替代分量中的所有点

比如A=B=C=D

以后A，B，C，D这四个点就只用A来表示

需要注意的地方：

1.必须先处理完所有的等号之后再进行拓扑排序（最后才想到！！！）

2.因为存在等号，我们有把等号处理了，所有我们可以拓扑的点可能不是n个了，而是根结点的个数个

2.采用拓扑排序处理>和<的情况

ps：

冲突情况：存在环，也就是进入队列的点不等于可以拓扑的点

信息不完全：某时刻队列里面元素个数大于1个，说明图不是连通图

必须先处理完所有等号的情况才能进行拓扑！！！

wa好多次

#include
      
       #include
       
        #include
        
         #include
         
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           #include
            
             #include
             
              #include
              
               using namespace std;typedef long long LL;int mon1[13]= { 0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};int mon2[13]= { 0,31,29,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};int dir[4][2]= { { 0,1},{ 0,-1},{ 1,0},{-1,0}};int getval(){ int ret(0); char c; while((c=getchar())==' '||c=='\n'||c=='\r'); ret=c-'0'; while((c=getchar())!=' '&&c!='\n'&&c!='\r') ret=ret*10+c-'0'; return ret;}#define max_v 20005int pa[max_v];int rk[max_v];int indgree[max_v];int a[max_v],b[max_v];char o[max_v];queue
               
                 q;vector
                
                  vv[max_v];int n,m,cnt;int fa_num;void init(){ for(int i=0; i<=n; i++) pa[i]=i,rk[i]=0; memset(indgree,0,sizeof(indgree)); while(!q.empty()) q.pop(); for(int i=0; i<=n; i++) vv[i].clear(); fa_num=0; cnt=0;}int find_set(int x){ if(x!=pa[x]) pa[x]=find_set(pa[x]); return pa[x];}void union_set(int x,int y){ x=find_set(x); y=find_set(y); if(x==y) return ; if(rk[x]>rk[y]) pa[y]=x; else { pa[x]=y; if(rk[x]==rk[y]) rk[y]++; }}int tpsort(){ for(int i=1; i<=n; i++) { if(find_set(i)==i)//拓扑点必须是根结点 { fa_num++;//计数 根结点 if(indgree[i]==0) q.push(i); } } int temp; int flag=0; while(!q.empty()) { if(q.size()>1) flag=1;//信息不完全 temp=q.front(); q.pop(); cnt++; for(int i=0; i

转载于:https://www.cnblogs.com/yinbiao/p/9845756.html

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